Question

【題目】如圖1，已知二次函數(shù)y=x2+bx+c的圖象與x 軸交于A（﹣1，0）、B（3，0）兩點(diǎn)，與y 軸交于點(diǎn)C，頂點(diǎn)為D，對(duì)稱(chēng)軸為直線(xiàn)l．

（1）求該二次函數(shù)的表達(dá)式；
（2）若點(diǎn)E 是對(duì)稱(chēng)軸l 右側(cè)拋物線(xiàn)上一點(diǎn)，且S△ADE=2S△AOC ， 求點(diǎn)E 的坐標(biāo)；
（3）如圖2，連接DC 并延長(zhǎng)交x 軸于點(diǎn)F，設(shè)P 為線(xiàn)段BF 上一動(dòng)點(diǎn)（不與B、F 重合），過(guò)點(diǎn)P 作PQ∥BD 交直線(xiàn)BC 于點(diǎn)Q，將直線(xiàn)PQ 繞點(diǎn)P 沿順時(shí)針?lè)较蛐�轉(zhuǎn)45°后，所得的直線(xiàn)交DF 于點(diǎn)R，連接QR．請(qǐng)直接寫(xiě)出當(dāng)△PQR 與△PFR 相似時(shí)點(diǎn)P 的坐標(biāo)．

Answer 1

【答案】
（1）

解：將點(diǎn)A和點(diǎn)B的坐標(biāo)代入拋物線(xiàn)的解析式得 ，解得 ，

∴二次函數(shù)的表達(dá)式為y=x2﹣2x﹣3；

（2）

解：設(shè)E（m，m2﹣2m﹣3），過(guò)點(diǎn)E作EM∥x軸，交AD于點(diǎn)M，（如圖1）

由y=x2﹣2x﹣3=（ x﹣1）2﹣4得頂點(diǎn)D（1，﹣4），C（0，﹣3），

∴ ，

∴S△ADE=2S△AOC=3，

∵A（﹣1，0）、D（1，﹣4），

∴直線(xiàn)AD為：y=﹣2x﹣2，

∵E（m，m2﹣2m﹣3），

∴M（ ，m2﹣2m﹣3），

∴EM= ，

∴S△ADE ×4×EM=2EM=m2﹣1=3，

解得m=±2（其中m=﹣2舍去），

∴E（2﹣3）；

（3）

解：∵C（0，﹣3），D（1，﹣4），

∴直線(xiàn)CD的解析式為：y=﹣x﹣3．

當(dāng)y=0時(shí)，x=﹣3，

故F（0，﹣3），

∴OF=OC=3，

∴∠OFC=45°，即∠PFR=45°．

∵PQ∥BD，

∴∠FPQ≠90°，

∴∠FPR≠45°，

∴當(dāng)△PQR 與△PFR 相似時(shí)：

△PQR∽△FRP，則

點(diǎn)P的坐標(biāo)是：P1（ ，0）、P2（0，0）．

【解析】（1）由A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)，利用待定系數(shù)法可求得二次函數(shù)的表達(dá)式；（2）設(shè)E（m，m2﹣2m﹣3），過(guò)點(diǎn)E作EM∥x軸，交AD于點(diǎn)M，由條件可得△AOC的面積，從而可求得△ADE的面積，利用待定系數(shù)法可求得直線(xiàn)AD的解析式，則可用m表示出EM的長(zhǎng)，從而可用m表示出△ADE的面積，從而可得到關(guān)于m的方程，可求得m的值；（3）由C、D坐標(biāo)可求得直線(xiàn)CD的解析式，從而可求得F點(diǎn)坐標(biāo)，可求得OF=OC，可得∠RFP=∠RPQ=45°，由△PQR 與△PFR 相似得到：△PQR∽△FRP 或△PQR∽△FPR，結(jié)合相似三角形的對(duì)應(yīng)邊成比例得到點(diǎn)P的坐標(biāo)．
【考點(diǎn)精析】通過(guò)靈活運(yùn)用確定一次函數(shù)的表達(dá)式和三角形的面積，掌握確定一個(gè)一次函數(shù)，需要確定一次函數(shù)定義式y(tǒng)=kx+b（k不等于0）中的常數(shù)k和b．解這類(lèi)問(wèn)題的一般方法是待定系數(shù)法；三角形的面積=1/2×底×高即可以解答此題．