【答案】
分析:(1)已知點(diǎn)B的坐標(biāo),可求出OB的長;在Rt△OBD中,已知了∠ODB=30°,通過解直角三角形即可求得OD的長,也就得到了點(diǎn)D的坐標(biāo);由于E是線段BD的中點(diǎn),根據(jù)B、D的坐標(biāo)即可得到E點(diǎn)的坐標(biāo);將B、E的坐標(biāo)代入拋物線的解析式中,即可求得待定系數(shù)的值,由此確定拋物線的解析式;
(2)過E作EG⊥x軸于G,根據(jù)A、E的坐標(biāo),即可用勾股定理求得AE的長;
過O作AE的垂線,設(shè)垂足為K,易證得△AOK∽△AEG,通過相似三角形所得比例線段即可求得OK的長;在Rt△OMK中,通過解直角三角形,即可求得MK的值,而AK的長可在Rt△AEK中由勾股定理求得,根據(jù)AM=AK-KM或AM=AK+KM即可求得AM的長;
(3)由于點(diǎn)P到△ABO三頂點(diǎn)的距離和最短,那么點(diǎn)P是△ABO的費(fèi)馬點(diǎn),即∠APO=∠OPB=∠APB=120°;易證得△OBE是等邊三角形,那么PA+PO+PB的最小值應(yīng)為AE的長;求AP的長時(shí),可作△OBE的外切圓(設(shè)此圓為⊙Q),那么⊙Q與AE的交點(diǎn)即為m取最小值時(shí)P點(diǎn)的位置;設(shè)⊙Q與x軸的另一交點(diǎn)(O點(diǎn)除外)為H,易求得點(diǎn)Q的坐標(biāo),即可得到點(diǎn)H的坐標(biāo),也就得到了AH的長,相對于⊙Q來說,AE、AH都是⊙Q的割線,根據(jù)割線定理即可求得AP的長.
解答:解:(1)過E作EG⊥OD于G(1分)
∵∠BOD=∠EGD=90°,∠D=∠D,
∴△BOD∽△EGD,
∵點(diǎn)B(0,2),∠ODB=30°,
可得OB=2,
;
∵E為BD中點(diǎn),
∴
∴EG=1,
∴
∴點(diǎn)E的坐標(biāo)為
(2分)
∵拋物線
經(jīng)過B(0,2)、
兩點(diǎn),
∴
,
可得
;
∴拋物線的解析式為
;(3分)
(2)∵拋物線與x軸相交于A、F,A在F的左側(cè),
∴A點(diǎn)的坐標(biāo)為
∴
,
∴在△AGE中,∠AGE=90°,
(4分)
過點(diǎn)O作OK⊥AE于K,
可得△AOK∽△AEG
∴
∴
∴
∴
∵△OMN是等邊三角形,
∴∠NMO=60°
∴
;
∴
,或
;(6分)
(寫出一個(gè)給1分)
(3)如圖;
以AB為邊做等邊三角形AO′B,以O(shè)A為邊做等邊三角形AOB′;
易證OE=OB=2,∠OBE=60°,則△OBE是等邊三角形;
連接OO′、BB′、AE,它們的交點(diǎn)即為m最小時(shí),P點(diǎn)的位置(即費(fèi)馬點(diǎn));
∵OA=OB
′,∠B′OB=∠AOE=150°,OB=OE,
∴△AOE≌△B′OB;
∴∠B′BO=∠AEO;
∵∠BOP=∠EOP′,而∠BOE=60°,
∴∠POP'=60°,
∴△POP′為等邊三角形,
∴OP=PP′,
∴PA+PB+PO=AP+OP′+P′E=AE;
即m
最小=AE=
;
如圖;作正△OBE的外接圓⊙Q,
根據(jù)費(fèi)馬點(diǎn)的性質(zhì)知∠BPO=120°,則∠PBO+∠BOP=60°,而∠EBO=∠EOB=60°;
∴∠PBE+∠POE=180°,∠BPO+∠BEO=180°;
即B、P、O、E四點(diǎn)共圓;
易求得Q(
,1),則H(
,0);
∴AH=
;
由割線定理得:AP•AE=OA•AH,
即:AP=OA•AH÷AE=
×
÷
=
.
故:m可以取到的最小值為
當(dāng)m取得最小值時(shí),線段AP的長為
.
(如遇不同解法,請老師根據(jù)評分標(biāo)準(zhǔn)酌情給分)
點(diǎn)評:此題是二次函數(shù)的綜合類試題,涉及到二次函數(shù)解析式的確定、等邊三角形的性質(zhì)、解直角三角形以及費(fèi)馬點(diǎn)位置的確定和性質(zhì),能力要求極高,難度很大.