【答案】
分析：（1）將函數(shù)f（x）的解析式代入f（x）≥
整理成e
x≥1+x，組成新函數(shù)g（x）=e
x-x-1，然后根據(jù)其導(dǎo)函數(shù)判斷單調(diào)性進而可求出函數(shù)g（x）的最小值g（0），進而g（x）≥g（0）可得證．
（2）先確定函數(shù)f（x）的取值范圍，然后對a分a＜0和a≥0兩種情況進行討論．當(dāng)a＜0時根據(jù)x的范圍可直接得到f（x）≤
不成立；當(dāng)a≥0時，令h（x）=axf（x）+f（x）-x，然后對函數(shù)h（x）進行求導(dǎo)，根據(jù)導(dǎo)函數(shù)判斷單調(diào)性并求出最值，求a的范圍．
解答：解：（1）當(dāng)x＞-1時，f（x）≥
當(dāng)且僅當(dāng)e
x≥1+x
令g（x）=e
x-x-1，則g'（x）=e
x-1
當(dāng)x≥0時g'（x）≥0，g（x）在[0，+∞）是增函數(shù)
當(dāng)x≤0時g'（x）≤0，g（x）在（-∞，0]是減函數(shù)
于是g（x）在x=0處達到最小值，因而當(dāng)x∈R時，g（x）≥g（0）時，即e
x≥1+x
所以當(dāng)x＞-1時，f（x）≥
（2）由題意x≥0，此時f（x）≥0
當(dāng)a＜0時，若x＞-
，則
＜0，f（x）≤
不成立；
當(dāng)a≥0時，令h（x）=axf（x）+f（x）-x，則
f（x）≤
當(dāng)且僅當(dāng)h（x）≤0
h'（x）=af（x）+axf'（x）+f'（x）-1=af（x）-axf（x）+ax-f（x）
（i）當(dāng)0≤a≤
時，由（1）知x≤（x+1）f（x）
h'（x）≤af（x）-axf（x）+a（x+1）f（x）-f（x）
=（2a-1）f（x）≤0，
h（x）在[0，+∞）是減函數(shù)，h（x）≤h（0）=0，即f（x）≤
（ii）當(dāng)a＞
時，由（i）知x≥f（x）
h'（x）=af（x）-axf（x）+ax-f（x）≥af（x）-axf（x）+af（x）-f（x）=（2a-1-ax）f（x）
當(dāng)0＜x＜
時，h'（x）＞0，所以h'（x）＞0，所以h（x）＞h（0）=0，即f（x）＞
綜上，a的取值范圍是[0，
]
點評：本題主要考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用和利用導(dǎo)數(shù)證明不等式，考查考生綜合運用知識的能力及分類討論的思想，考查考生的計算能力及分析問題、解決問題的能力；導(dǎo)數(shù)常作為高考的壓軸題，對考生的能力要求非常高，它不僅要求考生牢固掌握基礎(chǔ)知識、基本技能，還要求考生具有較強的分析能力和計算能力．估計以后對導(dǎo)數(shù)的考查力度不會減弱．作為壓軸題，主要是涉及利用導(dǎo)數(shù)求最值解決恒成立問題，利用導(dǎo)數(shù)證明不等式等，常伴隨對參數(shù)的討論，這也是難點之所在．
；
，求a的取值范圍．
