Question

對(duì)于無(wú)窮數(shù)列{a_n}，記b_n=a_n+1-a_n（n∈N^*），給出下列定義：
①若存在實(shí)數(shù)M，使a_n≤M成立，則稱(chēng)數(shù)列{a_n}為“有上界數(shù)列”；
②若{a_n}為有上界數(shù)列，且存在n₀（n₀∈N^*），使an0=M成立，則稱(chēng){a_n}為“有最大值數(shù)列”；
③若b_n+1-b_n＜0（n∈N^*），則稱(chēng)數(shù)列{a_n}為“差減小數(shù)列”．
（Ⅰ）根據(jù)上述定義，判斷數(shù)列{

1

n

}，{-

1

2n

}分別是那種數(shù)列？
（Ⅱ）在數(shù)列{a_n}中，a₁=

2

，a_n+1=

2+an

（n∈N^*），求證：數(shù)列{a_n}既是有上界數(shù)列又是差減小數(shù)列；（Ⅲ）若數(shù)列{a_n}是有上界數(shù)列且是差減小數(shù)列但不是有最大值數(shù)列，求證：無(wú)窮數(shù)列{a_n}為單調(diào)遞增數(shù)列．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)列與函數(shù)的綜合,反證法與放縮法

專(zhuān)題：等差數(shù)列與等比數(shù)列

分析：（Ⅰ）an=

1

n

時(shí)，b_n+1-b_n=

1

n+1

(

1

n

-

1

n+2

)＞0，由此得到數(shù)列{

1

n

}既是由上界數(shù)列，又是有最大值數(shù)列．an=-

1

2n

時(shí)，bn+1-bn=

1

2n+2

-

1

2n+1

=-

1

2n+2

＜0，an=-

1

2n

≤0，由此得到數(shù)列{-

1

2n

}是差減小數(shù)列，又是有上界數(shù)列．
（Ⅱ）假設(shè)存在某個(gè)k使得，ak＜

2

，（k＞1，k∈N * ）成立，則必有ak-1=ak2-2＜0，與已知矛盾；假設(shè)存在某個(gè)k使得，a_k≥2，（n＞，n∈N^*）成立，得到a_k，a_k-1，…，a₁≥2成立，與a1=

2

＜2矛盾，故

2

≤an＜2．由已知推導(dǎo)出bn＞(

2

+

2

)bn+1＞bn+1，b_n+1-b_n＜0，由此證明{a_n}既是差減少數(shù)列又是有上界數(shù)列．
（Ⅲ）假設(shè)無(wú)窮數(shù)列{a_n}不是單調(diào)遞增數(shù)列，設(shè)k為第一個(gè)使a_k+1≤a_k成立的自然數(shù)，則數(shù)列從第k項(xiàng)開(kāi)始為單調(diào)遞減數(shù)列，由此推導(dǎo)出無(wú)窮數(shù)列{a_n}為有最大值數(shù)列，與已知矛盾，由此得到無(wú)窮數(shù)列{a_n}一定是單調(diào)遞增數(shù)列．

解答： （Ⅰ）解：（i）an=

1

n

，顯然an=

1

n

≤1，且存在n=1，a₁=1，
bn=

1

n+1

-

1

n

=-

1

n(n+1)

，
b_n+1-b_n=-

1

(n+1)(n+2)

+

1

n(n+1)

=

1

n+1

(

1

n

-

1

n+2

)＞0，
所以數(shù)列{

1

n

}既是由上界數(shù)列，又是有最大值數(shù)列．…（2分）
（i）an=-

1

2n

，bn=-

1

2n+1

+

1

2n

=

1

2n+1

，
bn+1-bn=

1

2n+2

-

1

2n+1

=-

1

2n+2

＜0，an=-

1

2n

≤0，
且不存在n₀，使an0=0成立；所以數(shù)列{-

1

2n

}是差減小數(shù)列，又是有上界數(shù)列 …（4分）
（Ⅱ）證明：下面用反證法證明

2

≤a_n＜2，
假設(shè)存在某個(gè)k使得，ak＜

2

，（k＞1，k∈N * ）成立，
則必有ak-1=ak2-2＜0，顯然與已知矛盾，
所以ak＜

2

，n∈N^*不成立；假設(shè)存在某個(gè)k使得，a_k≥2，（n＞，n∈N^*）成立，
則必有ak-1=ak2-2≥22-2=2成立，
即得到a_k，a_k-1，…，a₁≥2成立，與a1=

2

＜2矛盾，所以

2

≤an＜2．
又an+22=2+an+1，an+12=2+an．
兩式相減得：（a_n+2+a_n+1）（a_n+2-a_n+1）=a_n+1-a_n，即（a_n+2+a_n+1）b_n+1=b_n，
即bn＞(

2

+

2

)bn+1＞bn+1，b_n+1-b_n＜0，
所以{a_n}既是差減少數(shù)列又是有上界數(shù)列．…（4分）
（Ⅲ）證明：用反證法，假設(shè)無(wú)窮數(shù)列{a_n}不是單調(diào)遞增數(shù)列，
則設(shè)k為第一個(gè)使a_k+1≤a_k成立的自然數(shù)，
即b_k≤0，又{a_n}是差減小數(shù)列，所以b_k+1-b_k＜0，
即b_k+1＜b_k≤0，數(shù)列{b_n}從第k項(xiàng)開(kāi)始都有b_n+1＜b_n，
即…＜b_k+3＜b_k+2＜b_k+1＜b_k≤0，
又因?yàn)榇藭r(shí)b_n=a_n+1-a_n＜0，
所以數(shù)列從第k項(xiàng)開(kāi)始為單調(diào)遞減數(shù)列，
又由于k為第一個(gè)使a_k+1≤a_k成立的自然數(shù)，所以無(wú)窮數(shù)列{a_n}中，
必有a_n≤a_k=M，（n∈N^*），
無(wú)窮數(shù)列{a_n}為有最大值數(shù)列，與已知矛盾，所以假設(shè)不成立，
所以無(wú)窮數(shù)列{a_n}一定是單調(diào)遞增數(shù)列．…（5分）

點(diǎn)評(píng)：本題考查{

1

n

}，{-

1

2n

}分別是那種數(shù)列的判斷，考查數(shù)列{a_n}既是有上界數(shù)列又是差減小數(shù)列的證明，考查無(wú)窮數(shù)列{a_n}一定是單調(diào)遞增數(shù)列的證明，解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意反證法和放縮法的合理運(yùn)用．