Question

已知S_n=a₁C_n¹+a₂C_n²+a₃C_n³+a₄C_n⁴+…+a_nC_nⁿ，b_n=n•2ⁿ
（1）若{a_n}是等差數(shù)列，且首項(xiàng)是展開式的常數(shù)項(xiàng)的，公差d為展開式的各項(xiàng)系數(shù)和①求S₂，S₃，S₄，②找出S_n與b_n的關(guān)系，并說明理由．
（2）若，且數(shù)列{c_n}滿足，求證：{c_n}是等比數(shù)列．

Answer 1

【答案】分析：（1）利用二項(xiàng)式定理求出，a₁=1，d=1，①利用組合數(shù)公式可求出S₂，S₃，S₄，②可得出S_n=b_n，再用倒序相加法證明．
（2）通項(xiàng)a_kC_n^k=，利用分組法，結(jié)合二項(xiàng)式定理的逆用、二項(xiàng)式系數(shù)的性質(zhì)，求出 T_n==[]．再利用數(shù)列Tn與cn的關(guān)系求出c_n=，從而易證{c_n}是等比數(shù)列．
解答：解：（1）展開式的通項(xiàng)為=，令3-r=0，r=2，
常數(shù)項(xiàng)為（-2）²C₆²=60，a₁=1，在展開式中令x=1，得出各項(xiàng)系數(shù)和為（1-2）⁶=1，即d=1．a(chǎn)_n=n．
①S₂=C₂¹+2C₂²=4，S₃=C₃¹+2C₃²+3C₃³=12，S₄=C₄¹+2C₄²+3C₄³+4C₄⁴=32
②S_n=b_n
∵S_n=C_n¹+2C_n²+3C_n³+4C_n⁴+…+nC_nⁿ
又 S_n=nC_nⁿ+（n-1）C_{n ^n-1}+（n-2）C_{n ^n-2}+（n-3）C_{n ^n-3}+…+C_n¹
兩式相加得2S_n=C_n¹+n（C_n¹+C_n²+C_n³+C_n⁴+…+C_n^n-1_）+nC_n^n₌n（2n-C_n-C_nⁿ）+2n=n•2ⁿ=b _n
∴S_n=b_n．
（2）∵a_kC_n^k=     
∴S_n=-=-（2ⁿ-1）=[（1+q）ⁿ-2ⁿ]．
∴T_n==[]．
當(dāng)n=1時(shí)，c₁=T₁==．
當(dāng)n≥2時(shí) c_n=T_n-T_n-1=[]=，對(duì)n=1時(shí)也成立．
∴c_n=，{c_n}是以為首項(xiàng)，以為公比的等比數(shù)列．
點(diǎn)評(píng)：重點(diǎn)考察二項(xiàng)式定理的應(yīng)用，解決的方法有倒序相加法求和，利用數(shù)列和的定義求通項(xiàng)，難點(diǎn)在于綜合分析，配湊逆用二項(xiàng)式定理，屬于難題．考查計(jì)算、化簡能力．