Question

9．摩天大樓中一部直通高層的客運電梯，行程超過百米．電梯的簡化模型如圖甲所示．考慮安全、舒適、省時等因素，電梯的加速度a是隨時間t變化的，已知電梯在t=0時由靜止開始上升，a─t圖象如圖乙所示．電梯總質量m=2.0×10³kg．忽略一切阻力，重力加速度g=10m/s²，求：
（1）求電梯在上升過程中受到的最大拉力F₁和最小拉力F₂；
（2）類比是一種常用的研究方法．對于直線運動，教科書中講解了由υ─t圖象求位移的方法．請你借鑒此方法，對比加速度和速度的定義，根據(jù)圖乙所示a─t圖象，求電梯在第1s內的速度改變量△υ₁和第2s末的速率v₂；
（3）試定性地畫出該過程的v-t圖象．

Answer 1

分析 （1）由圖讀出電梯向上加速運動的最大加速度和減速運動的最大加速度大小，由牛頓第二定律求解最大拉力F₁和最小拉力F₂；
（2）運用類比法可知，a-t圖象與坐標軸所圍的“面積”等于速度變化量，即可求出電梯在第1s內的速度改變量△υ₁，及電梯在2s內的速度改變量△υ₂，即求得第2s末的速率υ₂；
（3）由圖可知0-1s電梯做加速度逐漸增大的加速運動，1-10s做勻加速直線運動，10s-11s，做加速度減小的變加速運動，11-30s末做勻速直線運動，30-31s末，做加速度增大的減速運動，31s-40s末做勻減速直線運動，40-41s末做加速度減小的減速運動．

解答 解；（1）由牛頓第二定律，有 F-mg=ma
由a─t圖象可知，F(xiàn)₁和F₂對應的加速度分別是a₁=1.0m/s²，a₂=-1.0m/s²
則F₁=m（g+a₁）=2.0×10³×（10+1.0）N=2.2×10⁴N
  F₂=m（g+a₂）=2.0×10³×（10-1.0）N=1.8×10⁴N
（2）通過類比可得，電梯的速度變化量等于第1s內a─t圖線下的面積
△υ₁=0.50m/s
同理可得，△υ₂=υ₂-υ₀=1.5m/s
υ₀=0，第2s末的速率υ₂=1.5m/s
（3）由圖可知0-1s電梯做加速度逐漸增大的加速運動，1-10s做勻加速直線運動，10s-11s，做加速度減小的變加速運動，11-30s末做勻速直線運動，30-31s末，做加速度增大的減速運動，31s-40s末做勻減速直線運動，40-41s末做加速度減小的減速運動．又速度時間圖象中斜率表示加速度，可作出速度時間圖象如圖所示：
答：（1）求電梯在上升過程中受到的最大拉力F₁2.2×10⁴N，最小拉力F₂1.8×10⁴N；
（2）電梯在第1s內的速度改變量△υ₁0.50m/s，第2s末的速率v₂1.5m/s；
（3）

點評 本題一要有基本的讀圖能力，并能根據(jù)加速度圖象分析電梯的運動情況；二要能運用類比法，理解加速度圖象“面積”的物理意義．