Question

兩平行板間有水平勻強電場，一根長為L，不可伸長的不導電細繩的一端連著一個質量為 m、帶電量為q的小球，另一端固定于O點．把小球拉起直至細線與電場線平行，然后無初速度釋放．已知小球擺到最低點的另一側，線與豎直方向的最大夾角為θ=30°求：
（1）勻強電場的場強
（2）小球到最低點的速度
（3）經(jīng)過最低點時，細線對小球的拉力
（4）小球運動過程中線的最大張力．

Answer 1

（1）根據(jù)動能定理研究小球從釋放到最低點到最低點的另一側的過程列出等式
小球無初速度釋放擺到最低點的另一側的過程：
mgLcosθ-qEL（1+sinθ）=0-0=0     θ=30°
解得：E=

mgcosθ

q(1+sinθ)

=

3 mg

3q

  ①
（2）根據(jù)動能定理研究小球從釋放到最低點的過程得：
mgL-qEL=

1

2

mv²   ②
由①②得：v=

2gL(3- 3 ) 3

③
（3）小球最低點時由重力和細線的拉力的合力提供小球的向心力，
根據(jù)牛頓第二定律得
     F-mg=m

v2

L

  ④
由③④得：F=

mg(3+3sinθ-2cosθ)

1+sinθ

=3mg-

2 3 mg

3

（4）將電場力與重力合成F_合=

2 3 mg

3

，由圖可知，合力方向與豎直方向成30度角斜向右下，O′為對應的“等效最低點”．
在O'點產(chǎn)生最大加速度，對應最大拉力．  由幾何關系得 α=60°．
根據(jù)動能定理研究O點到O'點，得：
mg?

3

2

L-Eq?

L

2

=

1

2

m

v

2O′

-0  ④
由①④得：

v

2O′

=

2 3 gL

3

小球在O'點時由重力、電場力和細線的拉力的合力提供小球的向心力，
根據(jù)牛頓第二定律得
     F_max-F_合=m

v 2O′

L

F_max=

4 3 mg

3

答：（1）勻強電場的場強是

3 mg

3q

（2）小球到最低點的速度是

2gL(3- 3 ) 3

（3）經(jīng)過最低點時，細線對小球的拉力是3mg-

2 3 mg

3

（4）小球運動過程中線的最大張力是

4 3 mg

3

．