加速時由動能定理知:eU0=mv02 -0 ---電子在板中做類平拋L=v0t=at2 a= ∴= 得:U= --------------電子恰從右邊沿飛出.由幾何關(guān)系知: /=(+H)/OPOP=(+H)? -------------② 對整個過程應用動能定理:e (U0+) =mv2-0 得: v= = = ---------- 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

精英家教網(wǎng)如圖所示，帶負電小球質(zhì)量為m=1×10-2kg，帶電量大小為q=l×10-6C，置于光滑絕緣水平面上且空間存在著斜向下的勻強電場的A點處時，該小球從初速度VA=1.5m/s開始始終沿水平面做勻減速直線運動，當運動到B點時，恰好停止，然后開始反向運動．已知AB之間的距離為S=0.15m，求此勻強電場場強E的取值范圍．（ g=10m/s2 ）某同學求解如下：
設電場方向與水平面之間夾角為θ，由動能定理qEScosθ=0-
1
2
m
v
2
A

得E=
-m
v
2
A
2qScosθ
=
75000
cosθ
V/m．
由題意可知θ＞0，所以當E＞7.5×104V/m時小球?qū)⑹冀K沿水平面做勻加速直線運動．
經(jīng)檢查，計算無誤．該同學所得結(jié)論是否有不完善之處？若有請予以補充．

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精英家教網(wǎng)如圖所示，帶正電小球質(zhì)量為m=1×10-2kg，帶電量為q=l×10-6C，置于光滑絕緣水平面上的A點．當空間存在著斜向上的勻強電場時，該小球從靜止開始始終沿水平面做勻加速直線運動，當運動到B點時，測得其速度vB=1.5m/s，此時小球的位移為S=0.15m．求此勻強電場場強E的取值范圍．（g=10m/s．） 
某同學求解如下：設電場方向與水平面之間夾角為θ，由動能定理qEScosθ=
1
2
m
v
2
B
-0得E=
m
v
2
B
2qScosθ
=
75000
cosθ
V/m．由題意可知θ＞0，所以當E＞7.5×104V/m時小球?qū)⑹冀K沿水平面做勻加速直線運動．經(jīng)檢查，計算無誤．該同學所得結(jié)論是否有不完善之處？若有請予以補充．

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下面有兩種觀點是關(guān)于粒子從回旋加速器中射出時最大速度vm的大小由哪些因素決定的討論，你認為正確的是哪種？

觀點一：使粒子獲得動能的是電場，設共加速n次，則由動能定理有：

    nqU=m2vm=

    于是得出為了使粒子射出的速度vm最大，只需增大加速電壓，而與磁感應強度的大小及D形盒半徑大小無關(guān).

觀點二：只要粒子從D形盒中邊緣導出，那么，它最后半周應滿足

    qvmB=

    要使粒子射出時的速度vm最大，就要使磁場的磁感應強度B及D形盒的半徑R大，而與加速電壓U的大小無關(guān)(只要U≠0).

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如圖19所示，帶正電小球質(zhì)量為m=1×10-2 kg、帶電荷量為q=1×10-6 C,置于光滑絕緣水平面上的A點.當空間存在著斜向上的勻強電場時，該小球從靜止開始始終沿水平面做勻加速直線運動，當運動到B點時，測得其速度vb=1.5 m/s,此時小球的位移為s=0.15 m.求此勻強電場場強E的取值范圍.（g取10 m/s2）

圖19

某同學求解如下：設電場方向與水平面之間夾角為θ,由動能定理qEscosθ=mvb2-0得由題可知θ＞0，所以當E＞7.5×104 V/m時小球?qū)⑹冀K沿水平面做勻加速直線運動.

經(jīng)檢查，計算無誤.該同學所得結(jié)論是否有不完善之處？若有，請予以補充.

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如圖所示，帶正電小球質(zhì)量為m=1×10-2 kg，帶電荷量為q=1×10-6 C,置于光滑絕緣水平面上的A點.當空間存在著斜向上的勻強電場時，該小球從靜止開始始終沿水平面做勻加速直線運動，當運動到B點時，測得其速度vb=1.5 m/s，此時小球的位移為s=0.15 m.求此勻強電場場強E的取值范圍.（g取10 m/s2）

某同學求解如下：設電場方向與水平面之間夾角為θ,由動能定理qEscosθ=mvB2-0,得E== V/m，由題意可知θ＞0,所以當E＞7.5×104 V/m時小球?qū)⑹冀K沿水平面做勻加速直線運動.

經(jīng)檢查，計算無誤.該同學所得結(jié)論是否有不完善之處？若有請予以補充.

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