22．已知?jiǎng)狱c(diǎn)M在y軸右側(cè).M到點(diǎn)(0.)的距離比它到直線y=-的距離小. (1)求動(dòng)點(diǎn)M軌跡C的方程. (2)設(shè)M.N是軌跡C上相異兩點(diǎn).OM.ON的傾斜角分別為θ1.θ2.當(dāng)θ1.θ2變化且θ1+θ2為定值θ時(shí).證明直線MN恒過定點(diǎn).并求出該定點(diǎn)的坐標(biāo). 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

已知拋物線的頂點(diǎn)在原點(diǎn)，對(duì)稱軸為y軸，且準(zhǔn)線方程為y=-
1
2
.直線l過M（1，0）與拋物線交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)P在y軸的右側(cè)且滿足
OP
=
1
2
OA
+
1
2
OB
（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）．
（Ⅰ）求拋物線的方程及動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程；
（Ⅱ）記動(dòng)點(diǎn)P的軌跡為C，若曲線C的切線斜率為λ，滿足
MB
=λ
MA
，點(diǎn)A到y(tǒng)軸的距離為a，求a的取值范圍．

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已知一條曲線C在y軸右側(cè)，C上每一點(diǎn)到點(diǎn)F（1，0）的距離減去它到y(tǒng)軸距離的差都是1．
（1）求曲線C的方程；
（2）（文科做）已知點(diǎn)P是曲線C上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，點(diǎn)Q是直線x+2y+5=0上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，求|PQ|的最小值．
（理科做）是否存在正數(shù)m，對(duì)于過點(diǎn)M（m，0）且與曲線C有兩個(gè)交點(diǎn)A，B的任一直線，都有
FA
•
FB
＜0？若存在，求出m的取值范圍；若不存在，請(qǐng)說明理由．

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已知拋物線的頂點(diǎn)在原點(diǎn)，對(duì)稱軸為y軸，且準(zhǔn)線方程為直線l過M（1，0）與拋物線交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)P在y軸的右側(cè)且滿足（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）。

（Ⅰ）求拋物線的方程及動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程；

（Ⅱ）記動(dòng)點(diǎn)P的軌跡為C，若曲線C的切線斜率為，滿足，點(diǎn)A到y(tǒng)軸的距離為a，求a的取值范圍。

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已知拋物線的頂點(diǎn)在原點(diǎn)，對(duì)稱軸為y軸，且準(zhǔn)線方程為直線l過M（1，0）與拋物線交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)P在y軸的右側(cè)且滿足（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）。

（Ⅰ）求拋物線的方程及動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程；

（Ⅱ）記動(dòng)點(diǎn)P的軌跡為C，若曲線C的切線斜率為，滿足，點(diǎn)A到y(tǒng)軸的距離為a，求a的取值范圍。

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已知拋物線的頂點(diǎn)在原點(diǎn)，對(duì)稱軸為y軸，且準(zhǔn)線方程為直線l過M（1，0）與拋物線交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)P在y軸的右側(cè)且滿足（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）．
（Ⅰ）求拋物線的方程及動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程；
（Ⅱ）記動(dòng)點(diǎn)P的軌跡為C，若曲線C的切線斜率為λ，滿足，點(diǎn)A到y(tǒng)軸的距離為a，求a的取值范圍．

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一、選擇題：

題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

答案

D

A

B

C

B

C

D

D

D

C

B

B（文、理）

二、填空題：

13.-1        14.y2=4x(x>0,y>0)       15.      16.    16.(文)

三、解答題：（理科）

17．解：(1)由已知1-(2cos2A-1)=2cos2

     ∴2cos2A+cosA-1=0     cosA=或cosA=-1(舍去)

∴A=60°

(2)S△=bcsin60°=bc

由余弦定理cos60°=

∴b2+c2=bc+36

由b2+c2≥2bc    ∴bc≤36

∴S△==9,此時(shí)b=c故△ABC為等邊三角形

  18．解：(1)設(shè)A(-，0)，B(0，b)

      ∴  又=(2,2)

      ∴解得

(2)由x+2>x2-x-6 得-2<x<4

  ,由于x+2>0

  ∴由均值不等式得原式最小值為-3，僅當(dāng)x=-1時(shí)

19．解：(1)證明：連AC交BD于O，連EO

    ∵E、O分別是中點(diǎn)，

EO∥PA

∴ EO面EDB  PA∥面EDB

   PA面EDB

(2) ∵△PDC為正△

∴DE⊥PC

 面PDC⊥面ABCD

 BC⊥CD       BC⊥DE

   BC面ABCD

面EDB⊥面PBC

  DE面DBE

20.解：(1)x2-4ax+a2≥a在x∈[-1,+∞)恒成立

∴x2-4ax+a2-a≥0

∴△≤0或

-≤a≤0或a≤

(2)g(x)=2x3+3ax2-12a2x+3a2

   g′(x)=6x2+6ax-12a2

         =6(x-a)(x+2a)

①當(dāng)a=0時(shí)，g′(x) ≥0,g(x)無極值

②當(dāng)a>0時(shí)，g(x)在x=a時(shí)取得極小值，∴0<a<1

③當(dāng)a<0時(shí)，g(x)在x=-2a時(shí)取到極小值，∴0<-2a<1  ∴-<a<0

故0<a<1或-<a<0


   

    
    

    
②
①
  ①-②得3tan-(2t+3)an-1=0
  ∴,又
  ∴{an}是以1為首項(xiàng)，為公比的等比數(shù)列
  (2)f(t)=
  ∴bn=
  ∴{bn}是以1為首項(xiàng)，為公差的等差數(shù)列
  ∴bn=1+
  (3)原式=b2(b1-b3)+b4(b3-b5)+…b2n(b2n-1+b2n+1)
        
=-(b2+b4+…b2n)
        
=-
22.解(1)由題意M到(0，)距離與它到y(tǒng)=-距離相等
∴動(dòng)點(diǎn)M軌跡為拋物線，且P=
∴y=x2(x>0)
(2)設(shè)M(x1,x12),N(x2,x22)(x1>0,x2>0,x1≠x2)
  ∴tanθ1=x1,tanθ2=x2(0<θ1, θ2<)
①當(dāng)θ≠時(shí)，
直線MN方程：y-x12=(x-x1）,其中tanθ=
∴:y=(x1+x2)(x+)-1,所以直線過定點(diǎn)(-
②當(dāng)θ=時(shí)，即x1x2=1時(shí)，:y=(x1+x2)x-1,過定點(diǎn)(0，-1)
文科：17－19同理
20．（文）(1)x2-4ax+a2≥x解為R
  ∵x2-(4a+1)x+a2≥0
  ∴△=(4a+1)2-4a2≤0
  ∴-
  ∴a的最大值為-
(2)g(x)=2x3+3ax2-12a2x+3a2
  
g′(x)=6x2+6ax-12a2
        
=6(x-a)(x+2a)
當(dāng)a<0時(shí)，g(x)在x=-2a時(shí)取到極小值，∴0<-2a<1  ∴-<a<0
21．同理21（1）（2）
22．同理
 
		

	
	

		



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