Question

6．設(shè)函數(shù)f（x）=lnx+$\frac{a}{x-1}$（a＞0）．
（Ⅰ）當a=$\frac{1}{12}$時，求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（Ⅱ）若函數(shù)f（x）在區(qū)間（0，$\frac{1}{e}$）內(nèi)有極值點，當x₁∈（0，1），x₂∈（1，+∞），求證：f（x₂）-f（x₁）＞e+2-$\frac{1}{e}$．

Answer 1

分析 （Ⅰ）求出函數(shù)的導數(shù)，解關(guān)于導函數(shù)的不等式，求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間即可；
（Ⅱ）得到f（x₁）≤f（α）=lnα+$\frac{a}{α-1}$，f（x₂）≥f（β）=lnβ+$\frac{a}{β-1}$，問題轉(zhuǎn)化為f（x₂）-f（x₁）≥f（β）-f（α），根據(jù)αβ=1，α+β=a+2，求出f（β）-f（α ）的解析式，記h（β）=2lnβ+β-$\frac{1}{β}$（β＞e），根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性證明即可．

解答 （Ⅰ）解：當a=$\frac{1}{12}$時，f（x）=lnx+$\frac{1}{12（x-1）}$（x＞0且x≠1），
∴f′（x）=$\frac{1}{x}$-$\frac{1}{12}$•$\frac{1}{（x-1）^{2}}$=$\frac{12{x}^{2}-25x+12}{12x（x-1）^{2}}$，
令f′（x）=0，解得：x=$\frac{3}{4}$或$\frac{4}{3}$，
列表如下：

x	（0，$\frac{3}{4}$）	$\frac{3}{4}$	（$\frac{3}{4}$，1）	（1，$\frac{4}{3}$）	$\frac{4}{3}$	（$\frac{4}{3}$，+∞）
f′（x）	+	0	-	-	0	+
f（x）	↑		↓	↓		↑

由表格可知函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間遞增區(qū)間為：（0，$\frac{3}{4}$），（$\frac{4}{3}$，+∞），
單調(diào)遞減區(qū)間為：（$\frac{3}{4}$，1），（1，$\frac{4}{3}$）；
（Ⅱ）證明：由f′（x）＞0，可得0＜x＜α或x＞β；由f′（x）＜0，可得α＜x＜1或1＜x＜β
∴f（x）在（0，α）內(nèi)遞增，在（α，1）內(nèi)遞減，在（1，β）內(nèi)遞減，在（β，+∞）遞增
由x₁∈（0，1），可得f（x₁）≤f（α）=lnα+$\frac{a}{α-1}$，
由x₂∈（1，+∞），可得f（x₂）≥f（β）=lnβ+$\frac{a}{β-1}$，
∴f（x₂）-f（x₁）≥f（β）-f（α）
∵αβ=1，α+β=a+2，
∴f（β）-f（α ）=2lnβ+a×$\frac{α-β}{（α-）（β-1）}$=2lnβ+a×$\frac{\frac{1}{β}-β}{2-（a+2）}$=2lnβ+β-$\frac{1}{β}$，
記h（β）=2lnβ+β-$\frac{1}{β}$（β＞e），
則h′（β）=$\frac{2}{β}$+1+$\frac{1}{{β}^{2}}$＞0，h（β）在（0，+∞）上單調(diào)遞增，
∴h（β）＞h（e）=e+2-$\frac{1}{e}$，
∴f（x₂）-f（x₁）＞e+2-$\frac{1}{e}$．

點評 本題以函數(shù)為載體，考查導數(shù)知識的運用，考查函數(shù)的極值與單調(diào)性，考查不等式的證明，綜合性比較強．