Question

13．如圖所示，直角坐標系xoy位于豎直平面內(nèi)，在?$\sqrt{3}$m≤x≤0的區(qū)域內(nèi)有磁感應強度大小B=4.0×10^-4T、方向垂直于紙面向里的條形勻強磁場，其左邊界與x軸交于P點；在x＞0的區(qū)域內(nèi)有電場強度大小E=4N/C、方向沿y軸正方向的條形勻強電場，其寬度d=2m．一質(zhì)量m=6.4×10^-27kg、電荷量q=-3.2×10?19C的帶電粒子從P點以速度v=4×10⁴m/s，沿與x軸正方向成α=60°角射入磁場，經(jīng)電場偏轉最終通過x軸上的Q點（圖中未標出），不計粒子重力．求：
（1）帶電粒子在磁場中運動時間；
（2）當電場左邊界與y軸重合時Q點的橫坐標；
（3）若只改變上述電場強度的大小，要求帶電粒子仍能通過Q點，討論此電場左邊界的橫坐標x′與電場強度的大小E′的函數(shù)關系．

Answer 1

分析 （1）粒子在勻強磁場中由洛倫茲力提供向心力，做勻速圓周運動，由牛頓第二定律求出半徑，作出軌跡，由幾何知識找出圓心角，求出運動時間．
（2）粒子進入勻強電場，只受電場力，做類平拋運動，根據(jù)運動的分解，求出粒子離開電場時的速度偏向角為θ，由數(shù)學知識求出Q點的橫坐標．
（3）討論當0＜x′＜3m時，Q點在電場外面右側，畫出軌跡，研究速度偏向角，求出橫坐標x′與電場強度的大小E′的函數(shù)關系．
當3m≤x'≤5m時，Q點在電場里，畫出軌跡，研究偏轉距離y，求出橫坐標x′與電場強度的大小E′的函數(shù)關系．

解答 解：（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，
由牛頓第二定律得：$qvB=\frac{{m{v^2}}}{r}$，代入數(shù)據(jù)得：r=2m，
軌跡如圖1交y軸于C點，過P點作v的垂線交y軸于O₁點，
由幾何關系得O₁為粒子運動軌跡的圓心，且圓心角為60°．
在磁場中運動時間：$t=\frac{T}{6}=\frac{1}{6}×\frac{2πm}{qB}$，代入數(shù)據(jù)得：t=5.23×10^-5s；
（2）帶電粒子離開磁場垂直進入電場后做類平拋運動，
設帶電粒子離開電場時的速度偏向角為θ，如圖1，
則：$tanθ=\frac{v_y}{v}=\frac{Eqd}{{m{v^2}}}=\frac{{4×3.2×{{10}^{-19}}×2}}{{6.4×{{10}^{-27}}×16×{{10}^8}}}=\frac{1}{4}$，
設Q點的橫坐標為x，則：$tanθ=\frac{1}{x-1}=\frac{1}{4}$，解得：x=5m．
（3）電場左邊界的橫坐標為x′．
當0＜x′＜3m時，如圖2，設粒子離開電場
時的速度偏向角為θ′，
則：$tanθ'=\frac{E'qd}{{m{v^2}}}$，
又：$tanθ'=\frac{1}{4-x'}$，
由上兩式得：$E'=\frac{16}{4-x'}$，
當3m≤x'≤5m時，如圖3，有：
$y=\frac{1}{2}a{t^2}=\frac{{E'q{{（5-x'）}^2}}}{{2m{v^2}}}$，
將y=1m及各數(shù)據(jù)代入上式得：$E'=\frac{64}{{{{（5-x'）}^2}}}$；
答：（1）帶電粒子在磁場中運動時間為t=5.23×10^-5s．
（2）當電場左邊界與y軸重合時Q點的橫坐標x=5m．
（3）電場左邊界的橫坐標x′與電場強度的大小E′的函數(shù)關系為：當0＜x′＜3m時，E′=$\frac{16}{4-x′}$，
   當3m≤x'＜5m時，E′=$\frac{64}{（5-x′）^{2}}$；

點評 本題是磁場和電場組合場問題，考查分析和解決綜合題的能力，關鍵是運用幾何知識畫出粒子的運動軌跡．