Question

如圖所示，是一種電子擴束裝置的原理示意圖．直角坐標系原點O處有一電子發(fā)生器，朝xOy平面內x≥0區(qū)域任意方向發(fā)射電子，電子的速率均為v₀，已知電子的電荷量為e、質量為m．在0≤x≤d的區(qū)域內分布著沿x軸負方向的勻強電場，場強大小E=

3mv02

2ed

，在x＞d區(qū)域內分布著足夠大且垂直于xOy平面向外的勻強磁場，勻強磁場的磁感應強度B=

4mv0

ed

．ab為一塊很大的平面感光板，在磁場內平行于y軸放置，電子打到板上時會在板上形成一條亮線．不計電子的重力和電子之間的相互作用．
（1）求電子進入磁場時速度的大��；
（2）當感光板ab沿x軸方向移到某一位置時，恰好沒有電子打到板上，求感光板到y(tǒng)軸的距離x₁
（3）保持（2）中感光板位置不動，若使所有電子恰好都能打到感光板上，求磁感應強度的大小以及電子打到板上形成亮線的長度．

Answer 1

分析：（1）電子在電場中運動時，電場力做功都相同，為eEd，根據動能定理求出電子離開電場時的速度大小，即得到電子進入磁場時速度的大�。�
（2）電子進入磁場后由洛倫茲力充當向心力做勻速圓周運動．對于沿y軸負方向射出的電子進入磁場時，不能打到ab板上，則所有電子均不能打到ab板上．當此電子軌跡與ab板相切時，畫出軌跡，由牛頓第二定律求出軌跡半徑，由幾何知識求出感光板到y(tǒng)軸的距離x₁．
（3）沿y軸正方向射出的電子若能打到ab板上，則所有電子均能打到板上．此電子軌跡恰好與ab板相切，畫出軌跡，由幾何知識求出軌跡半徑，由牛頓第二定律求解磁感應強度的大�。�電子在電場中做類平拋運動，由牛頓第二定律和運動學公式求出電場中沿y軸方向的位移，由幾何關系求出電子打到板上形成亮線的長度．

解答：解：（1）根據動能定理：eEd=

1

2

mv2-

1

2

m

v

2 0

得     v=2v₀

（2）由v₀=

v

2

知，對于沿y軸負方向射出的電子進入磁場時與邊界線夾角θ=60°，若此電子不能打到ab板上，則所有電子均不能打到ab板上．當此電子軌跡與ab板相切時，根據洛倫茲力提供向心力有evB=m

v2

r

又    B=

4mv0

ed

得      r=

d

2

由幾何知識  x₁=r（1+cos60°）+d
解得        x1=

7

4

d
（3）易知沿y軸正方向射出的電子若能打到ab板上，則所有電子均能打到板上．其臨界情況就是此電子軌跡恰好與ab板相切，畫出軌跡如圖所示，
此時        r′(1-cos60°)=

3

4

d
故         r′=

3

2

d=3r
由         qvB′=m

v2

r′

解得      B′=

4mv0

3ed

此時，所有粒子恰好都能打到板上
電子在電場中運動過程eE=ma，d=

1

2

at2
沿y軸方向的位移 y1=v0t=

2 3

3

d
電子在磁場中運動過程，沿y軸負方向的偏轉量  y₂=r′（1-sinθ）
沿y軸正方向的偏轉量  y₃=r′sinθ
電子打到板上形成亮線的長度L=2y1+y2+y3=

4 3

3

d+

3

2

d
答：（1）電子進入磁場時速度的大小為2v₀；
（2）當感光板ab沿x軸方向移到某一位置時，恰好沒有電子打到板上，感光板到y(tǒng)軸的距離x₁為

7

4

d；
（3）保持（2）中感光板位置不動，若使所有電子恰好都能打到感光板上，磁感應強度的大小以及電子打到板上形成亮線的長度為

4 3

3

d+

3

2

d．

點評：本題是電場中偏轉和磁場中圓周運動的綜合，關鍵是分析臨界情況，當電子剛好不能打到ab板上時，其軌跡恰好與ab板相切，這是經常用到的臨界條件，再由幾何關系求出亮線的長度．