9．(2009·福建高考)如圖10所示，固定放置在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距為d，其右端接有阻值為R的電阻，整個裝置處在豎直向上的磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中．一質(zhì)量為m(質(zhì)量分布均勻)的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ.當桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運動距離l時，速度恰好達到最大(運動過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直)．設(shè)桿接入電路的電阻為r，導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度大小為g.則此過程　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．桿的速度最大值為

B．流過電阻R的電荷量為

C．恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動能的變化量

D．恒力F做的功與安培力做的功之和大于桿動能的變化量

解析：當桿的速度達到最大時，安培力F_安＝，桿受力平衡，故F－μmg－

F_安＝0，所以v＝，A錯；流過電阻R的電荷量為q＝＝＝，B對；根據(jù)動能定理，恒力F、安培力、摩擦力做功的代數(shù)和等于桿動能的變化量，由于摩擦力做負功，所以恒力F、安培力做功的代數(shù)和大于桿動能的變化量，C錯，D對．

答案：BD

8．如圖9所示，光滑的“∏”形金屬導(dǎo)體框豎直放置，質(zhì)量為m的金屬棒MN與框架接觸良好．磁感應(yīng)強度分別為B₁、B₂的有界勻強磁場方向相反，但均垂直于框架平面，分別處在abcd和cdef區(qū)域．現(xiàn)從圖示位置由靜止釋放金屬棒MN，當金屬棒進入磁場B₁區(qū)域后，恰好做勻速運動．以下說法中正確的有(　)

A．若B₂＝B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后將加速下滑

B．若B₂＝B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后仍將保持勻速下滑

C．若B₂<B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后可能先加速后勻速下滑

D．若B₂>B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后可能先減速后勻速下滑

解析：若B₂＝B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后，磁場反向，回路電流反向，由左手定則知：安培力并沒有反向，大小也沒有變，故金屬棒進入B₂區(qū)域后，mg－＝0，仍將保持勻速下滑，B對；若B₂<B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后，安培力沒有反向但大小變小，由F＝BIL＝BL＝知，mg－>0，金屬棒進入B₂區(qū)域后可能先加速后勻速下滑，故C也對；同理，若B₂>B₁，金屬棒進入B₂區(qū)域后mg－<0，可能先減速后勻速下滑，故D也對．

答案：BCD

7．如圖8所示的電路中，兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為θ的斜面上，導(dǎo)軌下端接有電阻R，導(dǎo)軌電阻不計，斜面處在豎直向上的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，電阻可略去不計的金屬棒ab質(zhì)量為m，受到沿斜面向上且與金屬棒垂直的恒力F的作用，金屬棒沿導(dǎo)軌勻速下滑，則它在下滑h高度的過程中，以下說法正確的是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．作用在金屬棒上各力的合力做功為零

B．重力做功將機械能轉(zhuǎn)化為電能

C．重力與恒力F做功的代數(shù)和等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱

D．金屬棒克服安培力做功等于重力與恒力F做的總功與電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱之和

解析：由于金屬棒勻速下滑，故作用在棒上的各個力的合力做功為零，故A對；克服安培力做功將機械能轉(zhuǎn)化為電能，故B錯誤；列出動能定理方程W_G－W_F－W_安＝0，變形可得W_G－W_F＝W_安，可知C正確，D錯誤．

答案：AC

6．(2010··徐州模擬模擬)如圖7所示，有兩根和水平方向成α角的光滑平行的金屬軌道，上端接有可變電阻R，下端足夠長，空間有垂直于軌道平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B.一根質(zhì)量為m的金屬桿從軌道上由靜止滑下，經(jīng)過足夠長的時間后，金屬桿的速度會趨近于一個最大速度v_m，則　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．如果B增大，v_m將變大

B．如果α變大，v_m將變大

C．如果R變大，v_m將變大

D．如果m變小，v_m將變大

解析：以金屬桿為研究對象，受力如圖所示．

根據(jù)牛頓第二定律得

mgsinα－F_安＝ma，其中F_安＝.

當a→0時，v→v_m，

解得v_m＝，

結(jié)合此式分析即得B、C選項正確．

答案：BC

5．(2010·揚州模擬)如圖5甲所示，光滑導(dǎo)軌水平放置在與水平方向夾角為60°的斜向下的勻強磁場中，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖5乙所示(規(guī)定斜向下為正方向)，導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，除電阻R的阻值外，其余電阻不計，導(dǎo)體棒ab在水平外力F作用下始終處于靜止狀態(tài)．規(guī)定a→b的方向為電流的正方向，水平向右的方向為外力F的正方向，則在0-t₁時間內(nèi)，圖6中能正確反映流過導(dǎo)體棒ab的電流i和導(dǎo)體棒ab所受水平外力F隨時間t變化的圖象是　　　　　　　　　　　　 　(　)

解析：由楞次定律可判定回路中的電流方向始終為b→a，由法拉第電磁感應(yīng)定律可判定回路中電流大小恒定，故A、B錯；由F_安＝BIL可得F_安隨B的變化而變化，在0-t₀時間內(nèi)，F_安方向向右，故外力F與F_安等值反向，方向向左為負值；在t₀-t₁時間內(nèi)，F_安方向改變，故外力F方向也改變?yōu)檎�值，故C錯誤，D正確．

答案：D

4．如圖4所示，有一用鋁板制成的U型框，將一質(zhì)量為m的帶電小球用絕緣細線懸掛在框中，使整體在勻強磁場中沿垂直于磁場方向向左以速度v勻速運動，懸掛拉力為F_T，則(　)

A．懸線豎直，F_T＝mg

B．懸線豎直，F_T>mg

C．懸線豎直，F_T<mg

D．無法確定F_T的大小和方向

解析：設(shè)兩板間的距離為L，由于向左運動的過程中豎直板切割磁感線，產(chǎn)生動生電動勢，由右手定則判斷下板電勢高于上板，動生電動勢大小E＝BLv，即帶電小球處于電勢差為BLv的電場中，所受電場力F_電＝qE_電＝q＝q＝qvB.

設(shè)小球帶正電，則所受電場力方向向上．

同時小球所受洛倫茲力F_洛＝qvB，方向由左手定則判斷豎直向下，即F_電＝F_洛，所以F_T＝mg.同理分析可知當小球帶負電時，F_T＝mg.故無論小球帶什么電，F_T＝mg.選項A正確．

答案：A

3．如圖3所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L，直導(dǎo)線MN垂直跨在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，整個裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B.電容器的電容為C，除電阻R外，導(dǎo)軌和導(dǎo)線的電阻均不計．現(xiàn)給導(dǎo)線MN一初速度，使導(dǎo)線MN向右運動，當電路穩(wěn)定后，MN以速度v向右做勻速運動，則　　　　　　　　　　　　　　　　　　　

(　)

A．電容器兩端的電壓為零

B．電阻兩端的電壓為BLv

C．電容器所帶電荷量為CBLv

D．為保持MN勻速運動，需對其施加的拉力大小為

解析：當導(dǎo)線MN勻速向右運動時，導(dǎo)線MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒定，穩(wěn)定后，電容器既不充電也不放電，無電流產(chǎn)生，故電阻兩端無電壓，電容器兩極板間電壓U＝E＝BLv，所帶電荷量Q＝CU＝CBLv，故A、B錯，C對；MN勻速運動時，因無電流而不受安培力，故拉力為零，D錯．

答案：C

2．如圖2所示，用粗細相同的銅絲做成邊長分別為L和2L的兩只閉合線框a和b，以相同的速度從磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場區(qū)域中勻速地拉到磁場外，不考慮線框的動能，若外力對環(huán)做的功分別為W_a、W_b，則W_a∶W_b為　　　　　　　 (　)

A．1∶4　 　　　　　　B．1∶2

C．1∶1 　　　　　　D．不能確定

解析：根據(jù)能量守恒可知，外力做的功等于產(chǎn)生的電能，而產(chǎn)生的電能又全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱

W_a＝Q_a＝·　W_b＝Q_b＝·

由電阻定律知R_b＝2R_a，故W_a∶W_b＝1∶4.A項正確．

答案：A

1．如圖1所示，豎直平面內(nèi)有一金屬環(huán)，半徑為a，總電阻為　　

R(指拉直時兩端的電阻)，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直

穿過環(huán)平面，在環(huán)的最高點A用鉸鏈連接長度為2a、電阻

為的導(dǎo)體棒AB，AB由水平位置緊貼環(huán)面擺下，當擺到豎

直位置時，B點的線速度為v，則這時AB兩端的電壓大小

為　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A.　 　　　　　B. 　　　　　　C. 　　　D．Bav

解析：擺到豎直位置時，AB切割磁感線的瞬時感應(yīng)電動勢E＝B·2a·(v)＝Bav.由閉合電路歐姆定律，

U_AB＝·＝Bav，故選A.

答案：A

12．(14分)(2009·全國卷Ⅱ)如圖12所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度方向垂直于紙面向里，大小隨時間的變化率＝k，k為負的常量．用電阻率為ρ、橫截面積為S的硬導(dǎo)線做成一邊長為l的方框，將方框固定于紙面內(nèi)，其右半部位于磁場區(qū)域中．求：

(1)導(dǎo)線中感應(yīng)電流的大�。�

(2)磁場對方框作用力的大小隨時間的變化率．

解析：(1)導(dǎo)線框的感應(yīng)電動勢為

E＝　　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　�、�

ΔΦ＝l²ΔB　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ②

導(dǎo)線框中的電流為

I＝　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ③

式中R是導(dǎo)線框的電阻，根據(jù)電阻率公式有

R＝ρ　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ④

聯(lián)立①②③④式，將＝k代入得

I＝　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ⑤

(2)導(dǎo)線框所受磁場的作用力的大小為

F＝BIl　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 　　　　　⑥

它隨時間的變化率為

＝Il　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ⑦

由⑤⑦式得

＝.

答案：(1)　(2)