Question

14．在△ABC中，∠ACB=90°經(jīng)過(guò)點(diǎn)B的直線l（l不與直線AB重合）與直線BC的夾角等于∠ABC，分別過(guò)點(diǎn)C、A做直線l的垂線，垂足分別為點(diǎn)D、E．
（1）問(wèn)題發(fā)現(xiàn)
①若∠ABC=30°，如圖①，則$\frac{CD}{AE}$=$\frac{1}{2}$；
②∠ABC=45°，如圖②，則$\frac{CD}{AE}$=$\frac{1}{2}$；
（2）拓展探究
當(dāng)0°＜∠ABC＜90°，$\frac{CD}{AE}$的值有無(wú)變化？請(qǐng)僅就圖③的情形給出證明．
（3）問(wèn)題解決
若直線CE、AB交于點(diǎn)F，$\frac{CF}{EF}$=$\frac{5}{6}$，CD=4，請(qǐng)直接寫(xiě)出線段BD的長(zhǎng)．

Answer 1

分析 （1）①根據(jù)直角三角形的性質(zhì)得到CD=$\frac{1}{2}$BC，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得到BC=AE，等量代換得到CD=$\frac{1}{2}$AE，即可得到結(jié)論；②如圖②，推出△ACB是等腰直角三角形，求得∠CBD=45°，證得B與E重合，根據(jù)等腰直角三角形的性質(zhì)得到EF=$\frac{1}{2}$AE根據(jù)矩形的性質(zhì)得到EF=CD，與得到結(jié)論；
（2）如圖③，延長(zhǎng)AC與直線L交于G，根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)得到BA=BG，證得CD∥AE，根據(jù)相似三角形的性質(zhì)得到$\frac{CD}{AE}=\frac{GC}{GA}=\frac{1}{2}$；
（3）①當(dāng)點(diǎn)F在線段AB上時(shí)，過(guò)C作CG∥l交AE于H，交AB于G，推出△CFG∽△EFB，根據(jù)相似三角形的性質(zhì)得到$\frac{CF}{EF}=\frac{CG}{BE}=\frac{5}{6}$，設(shè)CG=5x，BE=6x，則AB=10x，∵∠根據(jù)勾股定理得到AE=8x，由（2）得AE=2CD，根據(jù)相似三角形的性質(zhì)得到$\frac{HG}{BE}=\frac{AH}{AE}=\frac{1}{2}$，于是得到CH=CG+HG=8，根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)得到DE=CH=8，求得BD=DE=BE=2，②如圖⑤，當(dāng)點(diǎn)F在線段BA的延長(zhǎng)線上時(shí)，過(guò)點(diǎn)C作CG∥l交AE于點(diǎn)G，交AB于H，同理可得求得結(jié)論．

解答 解：（1）①∵CD⊥BD，
∴∠CDB=90°，
∵∠DBC=∠ABC=30°，
∴CD=$\frac{1}{2}$BC，
在△ABE與△ABC中，$\left\{\begin{array}{l}{∠ACB=∠AEB=90°}\\{∠BAE=∠ABC=30°}\\{AB=BA}\end{array}\right.$，
∴△ABC≌△ABE，
∴BC=AE，
∴CD=$\frac{1}{2}$AE，
∴$\frac{CD}{AE}$=$\frac{1}{2}$，
②如圖②，∵∠ABC=45°∠ACB=90°，
∴△ACB是等腰直角三角形，
∵∠CBD=45°，
∴∠ABD=90°，
∵AE⊥BC，
∴B與E重合，
∴EF=$\frac{1}{2}$AE，
∵CD⊥BD，
∴四邊形CDEF的矩形，
∴EF=CD，
∴CD=$\frac{1}{2}$AE，
∴$\frac{CD}{AE}$=$\frac{1}{2}$；
故答案為：$\frac{1}{2}$，$\frac{1}{2}$；

（2）$\frac{CD}{AE}$的值有無(wú)變化，
理由：如圖③，延長(zhǎng)AC與直線L交于G，
∴∠ABC=∠CBG，
∵∠ACB=90°，
∴∠AGB=∠BAG，
∴BA=BG，
∵AE⊥l，CD⊥l，
∴CD∥AE，
∴△GCD∽△GAE，
∴$\frac{CD}{AE}=\frac{GC}{GA}=\frac{1}{2}$；

（3）①當(dāng)點(diǎn)F在線段AB上時(shí)，過(guò)C作CG∥l交AE于H，交AB于G，
∴∠DBC=∠HCB，
∵∠DBC=∠CBF，
∴∠CBF=∠HCB，
∴CG=BG，
∵∠ACB=90°，
∴∠CAG+∠CBF=∠HCB+∠ACG=90°，
∴∠ACG=∠CAG，
∴CG=AG=BG，
∵CG∥l，
∴△CFG∽△EFB，
∴$\frac{CF}{EF}=\frac{CG}{BE}=\frac{5}{6}$，
設(shè)CG=5x，BE=6x，
則AB=10x，
∵∠AEB=90°，
∴AE=8x，
由（2）得AE=2CD，
∵CD=4，
∴AE=8，
∴x=1，
∴AB=10，BE=6，CG=5，
∵GH∥l，
∴△AGH∽△ABE，
∴$\frac{HG}{BE}=\frac{AH}{AE}=\frac{1}{2}$，
∴HG=3，
∴CH=CG+HG=8，
∵CG∥l，CD∥AE
∴四邊形CDEH為平行四邊形，
∴DE=CH=8，
∴BD=DE-BE=2，
②如圖⑤，當(dāng)點(diǎn)F在線段BA的延長(zhǎng)線上時(shí)，過(guò)點(diǎn)C作CG∥l交AE于點(diǎn)G，交AB于H，同法可以假設(shè)CH=5y，EB=6y，
AB=10y，AE=8y，
∵AE=2CD=8，CH=5，EB=6，
∴y=1，易知GH=$\frac{1}{2}$EB=3，CG=DE=2，
∴DB=DE+EB=2+6=8，
，綜上可得BD=2或8．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了全等三角形的判定和性質(zhì)，相似三角形的判定和性質(zhì)，平行四邊形的判定和性質(zhì)，勾股定理，正確的作出輔助線構(gòu)造相似三角形是解題的關(guān)鍵．